福建高一物理上册期末检测试题及参考答案

物理试题
一、：（本题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，错选或不答得零分。请答在答题卡上）
1．若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在坐标原点处，轻轻踢它一脚，使它向东作直线运动，经过5m时与墙相碰后又向西做直线运动，经过7m停下，则上述过程皮球通过的路程和位移分别是（ ）
A．12m、2m B．12m、-2m C．-2m、-2m D．2m、2m
2．下列有关质点的说法中，正确的是 ( )
A. 研究哈雷彗星公转时，哈雷彗星不可看作质点
B. 花样滑冰运动员正在表演冰上舞蹈动作，此时该运动员可看作质点
C. 因为子弹的质量、体积都很小，所以在研究子弹穿过一张薄纸所需的时间时，可把子弹看作质点
D. 用GPS定位系统确定正在南极冰盖考察的某科考队员位置时，该队员可看作质点
3．力F1单独作用于一物体时，物体获得的加速度大小为3m/s2；力F2单独作用于同一物体时，物体获得的加速度大小为5m/s2；当F1和F2共同作用于该物体时，物体获得的加速度大小不可能是（ ）
A．1m/s2 B．2m/s2 C．4m/s2 D．8m/s2
4．关于作用力和反作用力，下列说法正确的是（ ）
A. 地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力
B. 石头击鸡蛋，石存蛋破，证明作用力可以大于反作用力
C. 匀速上升的气球所受浮力没有反作用力
D. 当作用力是摩擦力时，反作用力也一定是摩擦力
5．如图，a、b为两根相连的轻质弹簧，它们的劲度系数分别为ka = 1×103N/m、kb = 2×103N/m，原长分别为6cm、4cm．在下端挂一物体G，物体受到的重力为10N，平衡时 则下列说法中正确的是（ ）
A．弹簧a下端受的拉力为5N，b下端受的拉力为5N
B．弹簧a下端受的拉力为4N，b下端受的拉力为6N
C．弹簧a的长度变为6.4cm，b的长度变为4.3cm
D．弹簧a的长度变为7cm，b的长度变为4.5 cm
6．如图所示，轻绳AO和BO共同吊起质量为m的重物。AO与BO垂直，BO与竖直方向的夹角为θ。则（ ）
A．AO所受的拉力大小为 mgsinθ B．AO所受的拉力大小为mgsinθ
C．BO所受的拉力大小为mgtanθ D．BO所受的拉力大小为 mgcosθ
7．一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地。汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度?时间图像如图所示，那么在0～10s和10～40s两段时间内 ( )
A. 平均速度大小之比为1∶3
B. 平均速度大小之比为4∶3?
C. 位移大小之比为1∶3
D. 加速度大小比为4∶1
8．如图所示，沿光滑的竖直墙壁用网兜把一个足球挂在A点。当悬线变短时，下列说法中正确的是（ ）
A．悬线的拉力变小　　　　
B．悬线的拉力变大
C．球对墙的压力变小　　　　
D．球对墙的压力不变
9．三个长方体物块A、B、C，作如图所示的连结。绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计。若B随A一起沿水平桌面做匀速运动，A与B间的动摩擦因数μ1、A与桌面间的动摩擦因数μ2可能是（ ）
①μ1≠ 0，μ2≠0 ②μ1≠ 0，μ2 = 0
③μ1 = 0，μ2 ≠ 0 ④μ1 = 0，μ2 = 0
A．①③　　　　B．①④　　　　C．②③　　　　D．②④
10．为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（ ）
A．顾客始终受到三个力的作用
B．顾客始终处于超重状态
C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D．顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下
11．如图所示，AC是上端带小的定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过铰链固定在C点，另一端B悬挂一重为G的重物，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮A，用力F拉绳，开始时∠BCA＞90°。现使∠BCA缓慢变小，直到杆BC接近竖直杆AC，不计一切摩擦。此过程中，杆BC所受的力（ ）
A．大小不变
B．逐渐增大
C．先减小后增大
D．先增大后减小
12．轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆PQ的圆环上.现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动.则在这一过程中，环对杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（ ）
A．f保持不变，N逐渐增大
B．f逐渐增大，N保持不变
C．f逐渐减小，N保持不变
D．f保持不变，N逐渐减小
二、、实验题（每空3分，共27分）
13．在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳。实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。
（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列_______是正确的（填字母代号）。
A．将橡皮条拉伸相同长度即可
B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度
D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
（2）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是______（填字母代号）。
A．两细绳必须等长
B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些
（3）某小组得出如图所示的图，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳套的结点。图中 是F1和F2合成的理论值；
是F1和F2合成的实际值（填“F”或“F′”）。
（4）本实验采用的科学方法是 （ ）
A．理想实验法 B．等效替代法
C．控制变量法 D．建立物理模型法
14．某实验小组采用图示的装置探究“牛顿第二定律”即探究加速度a与合力F、质量M的关系。实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面。
（1）为了把细绳对小车的拉力视为小车的合外力，要完成的一个重要步骤是__________________；
（2）为使图示中钩码的总重力大小视为细绳的拉力大小，须满足的条件是钩码的总质量________小车的总质量（填“大于”、“小于”、“远大于”或“远小于”）。
（3）一组同学在做小车加速度与小车质量的关系实验时，保持钩码的质量一定，改变小车的总质量，测出相应的加速度．采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与小车的总质量M之间的关系，应作出a与_______的图象．
（4）甲同学根据测量数据作出的a ? F图象如图所示，说明实验中存在的问题是 ．
三、（37分）
15．（13分）正以υ=30m/s的速度运行中的列车，接到前方小站的请求：在该站停靠1分钟接一位危重病人上车，司机决定以加速度大小a1=0.6m/s2的匀减速直线运动到小站，停车1分钟后做加速度大小a2= 1.0m/s2的匀加速直线运动，又恢复到原来的速度。求：
（1）司机从停车开始减速到恢复原来速度共经历的时间t；
（2）司机由于临时停车共耽误的时间△t。
16．（12分）如图所示，质量为m=4kg的物体放在粗糙的水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2，物体在方向与水平面成α=37°斜向下、大小为20N的推力F作用下，从静止开始运动，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。若5s末撤去F，求：
（1）5s末物体的速度大小；
（2）前8s内物体通过的位移大小
17．（12分）2008年9月25日，神舟七号飞船运用我国自行研制的长征系列火箭发射成功，28日成功着陆。经查资料：火箭和飞船总质量约44t；点火后第12s末，火箭开始向东稍偏南的方向实施程序拐弯，此时火箭距地面高度为211m。根据以上信息，问：
（1）火箭起飞过程，飞船中的宇航员是处于超重还是失重状态？
（2）假设这12s内火箭做匀加速直线运动，不计空气阻力，则火箭起飞的推进力约为多大？（取g = 10m/s2，结果保留两位有效数字）
晋江市季延中学2014?2014学年高一上学期期末考试物理答案
（36分）1B 2D 3A 4D 5D 6B 7C 8B 9A 10C 11A 12D
13．（15分）（1）BD （2）BD （3）F′；F （4）B
14．（12分）（1）平衡摩擦力 （2）远小于 （3）1M （4）斜面的倾角过大
15．（13分）【解析】
（1）设列车行驶的方向为正方向，匀减速和匀加速经历的时间分别为t1和t2，则
0 = υ ? a1t1 （1分）
υ = a2t2 （1分）
t1 = s = 50s （1分）
t2 = s =30 s （1分）
t停 = 60s （1分）
则 t = t1+ t2 + t停 =140s （2分）
（2） ? υ2 = 2( ? a1)s1 （1分）
υ2 = 2a2s2 （1分）
列车匀减速行驶的位移 s1 = m = 750m （1分）
列车匀加速行驶的位移 s2 = m = 450m （1分）
列车以υ匀速行驶时需时 t0 = = 40 s （1分）
故列车耽误的时间 △t = t ? t0 = 100s （1分）
16．（12分）【解析】
（1）物体受力如图所示，据牛顿第二定律有
竖直方向上 N－mg－Fsinα=0 （1分）
水平方向上 Fcosα ? f=ma （1分）
又 f=μN （1分）
解得 a= =1.4m/s2 （1分）
则5s末的速度大小 υ5=at1=1.4×5m/s=7.0m/s （1分）
（2）前5s内物体的位移s1= 12 at12=17.5m （1分）
撤去力F后，据牛顿第二定律有 －f ′=ma′ （1分）
N′－mg=0 （1分）
又 f′=μN′ （1分）
解得 a′=－μg=－2m/s2 （1分）
由于 t止= ? υ5a′ = ? 7.0? 2s = 3.5s > t2 =（8－5）s
故 s2=υ5t2+ =12m （1分）
则前8s内物体的位移大小 s=s1+s2=29.5m （1分）
17．（12分）【解析】
（1）超重 （2分）
（2）火箭起飞过程看作初速度为零的匀加速直线运动，则
h = 12 at2 （3分）
得 a = 2ht2 = 2.9m/s2 （2分）
由牛顿第二定律
F - Mg = Ma （3分）


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